COT1 && COT2 简要题解
COT1 && COT2 简要题解
COT1
题意
求树上某个路径 \((u,v)\) 上所有数中的第 \(k\) 大
SOL
类似于序列上的做法,对于每个点 \(u\) 维护它到根路径上所有数的权值线段树 \(tree[u]\),路径 \((u,v)\) 上所有数构成的权值线段树可以看作是 \(tree[u] + tree[v] - tree[lca] + val[lca]\),求 \(k\) 大的方法同序列。
vector<int> X;
int n,m,L;
int a[MAXN],fa[MAXN];
int s[N],ls[N],rs[N],cnt,root[MAXN];
void insert(int pre,int &rt,int l,int r,int val)
{
if(!rt)rt=++cnt; s[rt]=s[pre]+1; if(l==r)return;
if(val<=mid)insert(ls[pre],ls[rt],l,mid,val),rs[rt]=rs[pre];
else insert(rs[pre],rs[rt],mid+1,r,val),ls[rt]=ls[pre];
}
int query(int pre,int rt1,int rt2,int l,int r,int k)
{
if(l==r)return l;
int t=s[ls[rt1]]+s[ls[rt2]]-2*s[ls[pre]]+(a[L]>=l&&a[L]<=mid);
if(t>=k)return query(ls[pre],ls[rt1],ls[rt2],l,mid,k);
else return query(rs[pre],rs[rt1],rs[rt2],mid+1,r,k-t);
}
void dfs(int u,int par=0)
{
fa[u]=par,insert(root[par],root[u],1,X.size(),a[u]);
go(u)if(v!=par)dfs(v,u);
}
int work()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
fp(i,1,n)scanf("%d",&a[i]),X.pb(a[i]);
sort(all(X)),unq(X);
fp(i,1,n)a[i]=lb(all(X),a[i])-X.begin()+1;
fp(i,1,n-1)
{
int u,v;scanf("%d%d",&u,&v);
addedge(u,v),addedge(v,u);
}
dfs(1,0),lca::init(n);
while(m--)
{
int u,v,k;scanf("%d%d%d",&u,&v,&k),L=lca::query(u,v);
printf("%d\n",X[query(root[L],root[u],root[v],1,X.size(),k)-1]);
}
return 0;
}COT2
题意
每个点有个颜色 \(a[u]\),求树上某个路径 \((u,v)\) 上的颜色种类数
SOL1 在线做法 树分块 可持久化块状数组
前置技能1: 可持久化块状数组
前置技能2: 树分块
SOL2 离线做法 树上莫队
坑